通项公式怎么求？下面我们通过几个例子详细介绍一下如何使用上述方法。第一个问题基本上是送点，代入n=1第二个问题是对SN的公式进行因式分解，找出SN和n的关系，然后用an=SN-SN-1得到an和n的关系
通项公式怎么求？
下面我们通过几个例子详细介绍一下如何使用上述方法。
第一个问题基本上是送点，代入n=1
第二个问题是对SN的公式进行因式分解，找出SN和n的关系，然后用an=SN-SN-1得到an和n的关系。
在第一个问题中，只替换n=1
在第二个问题中，替换欧洲杯下注an=sn-sn-1，得到an 1和an之间的关系。然后根据A2、A5和A14之间的关系，得到了an的通式。
通项公式的所有求法？
序列的通项公式直接表达了序列的本质，是给出序列的重要方法。数列的通项公式有两个作用：一是数列中的任意项都可以由数列的通项公式得到；二是一个数是否为数列的项，项数可以由数列的通项公式确定；因此，数列的通项公式是高中数学中最常见的问题之一，它不仅考查了数学中等价变换和归约的思想，而且能解决反映学生对数列理解深度的问题，具有一定的技巧，是其中的要素之一衡量考生的数学素质，因此往往渗透在高考和数学竞赛中。本文介绍了几种常用的求序列广义项的方法，以期给读者一些启示。
1、常规数列的通项]例1：求下列数列的通项公式
（1）2（22-1），3（32-1），4（42-1），5（52-1）
（2）－1×2（1），2×3（1），－3×4（1），4×5（1），…
（3）3（2），1,7（10），9（17），11（26），…
解：（1）an=n（n2-1）（2）an=n（N1）（（-1）n）（3）an=2n+1（N2+1）
注释：仔细观察给定数据的结构特征，找出an与n的对应关系，正确写出相应的表达式。
2、等差等比序列的通项直接用通项公式an=A1（n-1）D和an=a1qn-1写成，但要根据条件找到第一项、公差和公比。
3、例2：写出序列1，-1，1，-1的通项公式。
解：an=（-1）n-1
变量1：求序列0，2，0，2，0，2的通式。
分析与解决方案：如果每项减去1，则序列将为-1，1，-1，1
因此序列的通项公式为an=1（-1）n
变量2：求序列3，0，3，0，3，0的通项公式。
分析与解答：如果每项乘以3（2），序列将变为2，0，2，0
因此，序列的通项公式是an=2（3）[1（-1）n-1
]变量3：求序列5，1，5，1的通项公式。
分析与回答1：如果每项减去1，则序列为4，0，4，0
因此序列的通式为an=12×3（2）[1（-1）n-1]=13（4）[1（-1）n-1。解析解二：如果每项减去3，序列就变成2，-2，2，-2
，所以序列的通式是an=32（-1）n-1
4。循环数列的通项
例3：写出数列0.1，0.01，0.001，0.0001的通项公式。
解决方案：an=10N（1）
变量1：美洲杯下注查找序列0.5、0.05、0.005的通用项公式。
解决方案：an=10N（5）
变量2：找到0.9、0.99、0.999的序列，这是一个通用的术语公式。
分析与回答：这个序列的每一项都是0.1、0.01、0.001、0.0001，每个项的相应加法得到的所有项都是1，所以an=1-10n（1）
变量3：找到序列0.7、0.77、0.777、0.7777的一个通用项公式。
美洲杯投注解决方案：an=9（7）（1-10n（1））
示例4：编写序列101001000的通用项公式。
解：an=10n-1
变量1：求序列99999的通式。
分析和回答：在该序列的每个项目上加1，得到序列101001000，因此an=10n-1。
变量2：编写序列44444的通用术语公式。
注意：在日常教学过程中，要通过基本系列通用术语公式，需要提高课堂教学效率，增加总结、反思，注重联想和对比分析，以此类推，而且不必害怕复杂级数的通项公式。
5、通过算术和比例序列求和求通项（2）3，333333333，…
（3）1212121212，…（4）1，1 2，1 2 3，…
解：（1）an==7×=7×（0.10.01 0.001…）
=7×（10（1）102（1）103（1）…10n（1））==9（7）（1－10n（1））
（2）an==3×=3×（1 10 100）…10n）=3×1－10（1－10n）=3（1）（10n－1）
（3）an==12×（1 100 10000…100n－1）=12×1－100（1－100n）=33（4）（102n－1）
（4）an=1 2 3…[n=2（n（n 1））
备注：关键是根据数据的变化规律，明确n项的数据特征。
6、用累加法求an=an-1f（n）型的通项
例6：（1）序列{an}满足A1=1和an=an-13n-2（n≥2）时求an。
（2）如果序列{an}满足A1=1和an=an-12n（1）（n≥2），则找到一个。
解决方案：（1）从an=an-1 3n-2到an-an-1=3n-2，设f（n）=3n-2=an-an-1
欧洲杯比赛买球然后an=（an-an-1）（an-1-an-2）（an-2-an-3）（a2－a1）a1
=f（n）f（n－1）f（n－2）…f（2）a1
=（3n－2）[3（n－1）－2][3（n－2）－2]…（3×2－2）1
=3[n（n－1）（n－2）…2]然后an=（an-an-1）（an-1-an-2）（an-2-an-3）
（2）从an=an-1 2n开始（1） ，设f（n）=2n（1）=an-an-1
，则an=（an-an-1）（an-1-an-2）（an-2-an-3）（a2－a1）a1
=f（n）f（n－1）f（n－2）…f（2）a1
=2n（1）2n－1（1）2n－2（1）…22（1）1=2（1）-2n（1）
注：当f（n）=D（D是常数）时，序列{an}是算术序列。实际上，教科书中算术数列的通项公式的推导是建立在累加的基础上的。
7、用累加法求an=f（n）an-1型的通项
例7：（1）已知序列{an}满足A1=1和an=n（2（n-1））an-1（n≥2），求一个
（2）序列{an}满足A1=2（1）和an=2n（1）an-1，求一个
解：（1）根据条件an-1（an）=n（2（n-1））
an=an-1（an）·An-2（An-1）·a1（a2）·a1=f（n）f（n－1）f（n－2）……f（2）f（2）a1
=n（2（n－1））·n－1（2（n－2））·n－2（2（n－3））·····3（2×2）·2（2×1）·1=n（2n－1）
（2）An=An-1（An）·An-2（An－1）······a1=2n（1）·2n－1（1）····22（1）·2（1）=常数），则{an}是等比序列，an=f（n）an-1型序列是等比序列的推广。教材中等比数列的通项公式的推导实际上是用累加法推导出来的。
8、用待定系数法求an=aan-1+B型序列的通项
例8：满足A1=1和an+1+2An=1的序列{an}的通项公式。
解决方案：从已美洲杯投注知的an+1+2An=1，即an=-2 an-1+1
设an+x=-2（an-1+x），然后an=-2 an-1-3x，然后an=-3x=1，so x=-3（1）]an-3（1）=-2（an-1-3（1））
so{an-3（1）}通常，当a≠1时，设an+x=a（an-1+x）有an=a an-1+（a-1）x，然后有
（a-1）x=B know x=a-1（B），所以an+A-1（b）=A（an-1 A-1（b）），那么序列{an+A-1（b）}是A的第一项a1a-1（b），公共比率是A的等比序列，所以an+A-1（b）=（a1a-1（b））an-1，所以
an=（a1a-1（b））an-1-A-1（b）；特别是，当A=0时，{an}是等差序列，当A≠0和b=0时，{an}是等比序列。
推广：对于an=a an-1+F（n）（a≠0，a∈R）级数的通项公式，也可用待定系数法求通项公式。
示例9：如果序列{an}满足A1=1和an=2an-1+3N（1）（n≥2），则找到一个。
解决方案：设an+X·3N（1）=2（an+X·3N-1（1）），然后an=2an-1 2x·3N-1（1）-X·3N（1）=3（5）X·3N-1（1）=5x·3N（1）]，如果an=2an-1+3N（1）已知，则5x=1，然后X=5（1）。所以an+5（1）·3N（1）=2（an-1+5（1）·3N-1（1））
So{an+5（1）·3N（1）}是一个q=2和a1+5（1）·3（1）=15（16）的等比序列。
然后an+5（1）·3N（1）=15（16）×2N-1，然后an=15（16）×2N-1-5（1）·3N（1）=15（1）（2N 3-3N-1（1））
备注：一般情况下，对于条件an=aan-1 f（n），设an g（n）=a[an-1 g（n-1）]，然后设Ag（n-1）-g（n）=f（n），这样就只需要函数g（n）使序列{an}g（n）}为等比序列，然后利用等比数列的通项公式，得到了一个新的等比数列。值得注意的是，an g（n）与an-1 g（n-1）之间的对应关系。特别地，当f（n）=B（B是常数）时，是上述示例8。
这种做法能否进一步推广？对于an=f（n）an-1 g（n）级数，能否用待定系数法求其通式？
打个比方：设an K（n）=f（n）[an-1 K（n-1）]，展开得到
an=f（n）an-1 f（n）K（n-1）-K（n），因此f（n）K（n-1）-K（n）=G（n），理论上可以用这个方程K（n）来确定，但实际上K（n）可能不是ea
本文链接：http://www.lemarchi.com/7zhm0/93411.html
常见8个数列的通项公式转载请注明出处来源